( “树” 之 DFS) 437. 路径总和 III ——【Leetcode每日一题】-蒲公英云

( “树” 之 DFS) 437. 路径总和 III ——【Leetcode每日一题】

437. 路径总和 III

给定一个二叉树的根节点 root ，和一个整数 targetSum ，求该二叉树里节点值之和等于 targetSum 的路径的数目。

路径不需要从根节点开始，也不需要在叶子节点结束，但是路径方向必须是向下的（只能从父节点到子节点）。

示例 1：

在这里插入图片描述

输入：root = [10,5,-3,3,2,null,11,3,-2,null,1], targetSum = 8
输出：3
解释：和等于 8 的路径有 3 条，如图所示。

示例 2：

输入：root = [5,4,8,11,null,13,4,7,2,null,null,5,1], targetSum = 22
输出：3

提示:

二叉树的节点个数的范围是 [0,1000]
− 1 0 9 < = N o d e . v a l < = 1 0 9 -10^9 <= Node.val <= 10^9 −109<=Node.val<=109
− 1000 < = t a r g e t S u m < = 1000 -1000 <= targetSum <= 1000 −1000<=targetSum<=1000

思路：递归

我们首先想到的是路径不一定以 root 开头，也不一定以 leaf 结尾，但是必须连续。

所以在root节点有两类走法：路径不包含root，路径包含root：
- 路径不包含root，targetSum不变，再从root的左右子树出发，调用pathSum；
- 包含root，则判断当前节点的val是否等于targetSum，相等则路径加1，如果包含了，则左右子树也要一直包含。
一直递归，便可计算所有路径。

注意： 调用递归的时候传入的参数是targetSum - root.val，这里root.val太大了，递归调用多了targetSum-root.val就会溢出整数型的最小值。把参数类型换成long即可。

代码：(Java、C++)

Java

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * public class TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode left;
 *     TreeNode right;
 *     TreeNode() {}
 *     TreeNode(int val) { this.val = val; }
 *     TreeNode(int val, TreeNode left, TreeNode right) {
 *         this.val = val;
 *         this.left = left;
 *         this.right = right;
 *     }
 * }
 */
class Solution {
    public int pathSum(TreeNode root, int targetSum) {
        if(root == null) return 0;
        int ret = pathSumStartWithRoot(root, targetSum) + pathSum(root.left, targetSum) + pathSum(root.right, targetSum);
        return ret;
    }
    public int pathSumStartWithRoot(TreeNode root, long targetSum) {
        if(root == null) return 0;
        int ret = 0;
        if(targetSum == root.val){
            ret++;
        }
        ret += pathSumStartWithRoot(root.left, targetSum - root.val) + pathSumStartWithRoot(root.right, targetSum - root.val);
        return ret;
    }
}

C++

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode() : val(0), left(nullptr), right(nullptr) {}
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}
 *     TreeNode(int x, TreeNode *left, TreeNode *right) : val(x), left(left), right(right) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    int pathSum(TreeNode* root, int targetSum) {
        if(root == NULL) return 0;
        int ret = pathSumStartWithRoot(root, targetSum) + pathSum(root->left, targetSum) + pathSum(root->right, targetSum);
        return ret;
    }
    int pathSumStartWithRoot(TreeNode* root, long targetSum) {
        if(root == NULL) return 0;
        int ret = 0;
        if(targetSum == root->val){
            ret++;
        }
        ret += pathSumStartWithRoot(root->left, targetSum - root->val) + pathSumStartWithRoot(root->right, targetSum - root->val);
        return ret;
    }
};

运行结果：

在这里插入图片描述

复杂度分析：

时间复杂度： O ( n 2 ) O(n^2 ) O(n2)，其中 n 为该二叉树节点的个数。对于每一个节点，求以该节点为起点的路径数目时，则需要遍历以该节点为根节点的子树的所有节点，因此求该路径所花费的最大时间为 O ( n ) O(n ) O(n)，我们会对每个节点都求一次以该节点为起点的路径数目，因此时间复杂度为 O ( n 2 ) O(n^2 ) O(n2)。
空间复杂度： O ( n ) O(n) O(n)，考虑到递归需要在栈上开辟空间。

题目来源：力扣。